2022-2023学年人教版九年级上物理期中试卷含答案及解析024331.pdf)

学校：____________ 班级：____________ 姓名：____________ 考号：____________考试总分：150 分 考试时间： 120 分钟注意事项：

1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息; 2．请将答案正确填写在答题卡上;

卷I（选择题）

一、 选择题 （本题共计 14 小题 ，每题 5 分 ，共计70分 ）

1. LED灯是一种新型的高效节能灯，它的核心元件是发光二极管。二极管主要是由下列哪种材料制

成（　　）

A.金属材料B.陶瓷材料C.纳米材料D.半导体材料

2. 下列现象中，哪些是由于热传递使物体的内能增加的？（　　）A.用毛巾反复擦时皮肤感到热B.子弹打进墙里，子弹温度升高C.将铁丝反复弯折几次，弯折处会发热D.把手伸到热水中手会感到热

3. 下列学习用品在正常情况下能导电的是（　　）A.橡皮擦B.塑料三角板C.纸张D.铅笔芯

4. 学习了分子动理论之后，小明总结了很多生活中与分子动理论有关的现象，下列总结中不正确的

是（　　）

A.“花气袭人知骤暖”说明分子的热运动与温度有关B.人造木板黏结剂中的甲醛扩散到空气中造成环境污染

C.用透明胶带揭下纸上写错的字，是因为胶带与纸之间有相互的斥力D.“破镜不能重圆”是分子间的距离太大，作用力变得十分微弱

5. 图为四冲程汽油机工作过程的示意图．其中表示把机械能转化为内能的是（ ）

A.

B.

C.

D.

6. 根据下表提供的数据，以下说法正确的是（　　）3∘

几种物质的比热容 单位：×10J/(kg⋅C)物质水酒精煤油水银

比热容

冰砂石铝铜

4.22.42.10.142.10.920.880.39

A.液体的比热容一定比固体的大

B.质量相等的水和煤油，吸收相等热量后，水的温度变化大C.质量相等的铝块和铜块，升高相同的温度，铝块吸收的热量多D.冰的比热容是2.1×103J/(kg⋅∘C)表示1kg冰吸收的热量是2.1×103J

7. 甲、乙两个轻质小球相互排斥。把带正电的玻璃棒靠近甲球时，甲球与玻璃棒相互吸引，则乙球（ ）A.一定带正电

B.可能带负电，可能不带电C.一定带负电

D.可能带正电，可能不带电

8. 如图电路，当闭合开关S后，两个电压表指针偏转均如图乙所示，则R1、R2两端电压分别为（ ）

A.1.5V、7.5VB.6V、1.5VC.3V、7.5VD.7.5V、6V 9. 在如图所示的电路中，闭合开关S，灯L不亮，电压表有示数，若电路故障在灯L或电阻R上某一处，对于故障的分析，下列判断不正确的是（ ）A.故障可能是灯泡L短路或电阻R断路

B.用导线试触（短时连接）电阻R两端，根据灯的亮暗可以检测出故障原因C.在电路中再串联一个电流表，根据电流表有无示数可以检测出故障原因D.在L两端再并联一个电压表，根据电压表有无示数可以检测出故障原因

10. 在家庭电路中，有时导线长度不够，需要把两根连接起来，连接处往往比别处更容易发热，这是

因为导线连接处与别处相比（　　）

A.电流大B.电阻大C.电压小D.电阻小

11. 甲、乙两个用电器的电压之比为2:1，电流之比为1:2，通电时间之比为5:4，则两个用电器消耗的电能之比为（ ）A.5:1B.5:4C.4:5D.5:8

12. 小强爱好电子制作，在一次综合实践活动中，他使用热敏电阻、电压触发器、蜂鸣器和其他一些器件设计火警报警器，即在发生火警时蜂鸣器报警，已知该热敏电阻在常温下电阻值约为20kΩ，温

∘

度越高，阻值越小，当温度高于80C时阻值低于100Ω．电压触发器（相当于电压表）检测到电压低于1V时，触发蜂鸣器报警，下列电路设计中最符合要求的是（ ）

A.

B.

C.

D.

13. 如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，下列判断中正确的是（ ）

A.电压表示数变大B.电流表A1示数不变

C.电流表A1示数与电流表A2示数差值变小D.电压表V示数与电流表A2示数比值变小

14. 如图所示，当滑动变阻器R1的滑片P从最右端滑动到最左端的过程中，电压表示数变化范围是6V∼0V，电流表示数变化范围是0.2A∼0.4A，下列说法中正确的是（ ）

A.电源电压12V

B.滑动变阻器R1最大阻值15ΩC.R2的阻值为20Ω

D.滑片P移动到中点时，电压表示数3V

卷II（非选择题）

二、 填空题 （本题共计 6 小题 ，每题 5 分 ，共计30分 ）

15. 冬天人们常用一种电热暖手宝，其内部液体通常采用水，使它保暖时间更长．为了使用时更加安全，它的内部采用了双重温控保护开关，两个温控开关是________联起来使用的．

16. 将一导体单独接在电源电压恒为4V的电路上，通过导体的电流为0.2A，则该导体的电阻为

________Ω，将该导体对折后接在同电源上，通过的电流为0.8A，这说明导体的电阻与导体的长度和导体的________有关。

17. 小明家中的电能表5月初的示如图所示，5月份交了48.4元的电费，若每度电的价格是0.8元，则小

明家5月底电能表的示数应为中的两条：

（1）________；（2）________．

，根据电能表的铭牌，你还能读到哪些信息？请写出其

18. 如图所示，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表读数之比U甲:U乙=3:1，当开关S断开，甲、乙换成电流表时，则两电流表的示数之比为I甲:I乙=__________．

19. 如图所示的电路中，电源电压不变，R1=R2=R3=10Ω．小宇同学误将一电流表并联在R1两端，闭合开关后，读得电流表示数为0.3A，则电源电压U=________V；发现错误后，该同学将图中电流表换成了电压表，则此时电压表的示数是________V．

20. 如图所示为家用电火锅的电路原理图，通过挡位开关S可以实现高、中、低三挡的转换．已知电阻R1=R2=44Ω，低温挡功率为100W，R3的阻值为________Ω；挡位开关S放在________（选填“1、2”“2、3”或“3、4”）为高温挡，高温挡的功率为________W．

三、 解答题 （本题共计 4 小题 ，每题 5 分 ，共计20分 ）

21. 如图，油罐车的尾部总装有一根拖在地上的铁链，这是为什么？

22. 弘毅家的燃气灶使用的是热值为4.2×107J/m3的燃气，烧水时燃气完全燃烧放出热量的60%被水

∘3吸收。在标准大气压下，弘毅用燃气灶加热质量1kg、温度为15C的水，实际燃烧了0.015m的燃

气。求：

（1）燃气完全燃烧放出的热量。（2）水升高的温度。

23. 在甲图所示电路中，电源两端电压恒定，Rx为待测定值电阻，R为可变电阻（阻值可调可读）．

（1）通电后，当可变电阻R的阻值增大时，电流表示数将________（填“增大”“减小”或“不变”）．（2）电流表示数I与可变电阻R的关系式可表示为I=________．（用电源电压U、可变电阻R和待测电阻Rx表示）

（3）调节可变电阻，取得多组I、R值后，描出1R−I图线如图乙所示．试求电源两端电压U和定值电阻Rx．

24. 如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，电阻R1的阻值为10Ω，闭合开关S，电流表A1的示数为2A，电流表A2的示数为0.8A．求：

（1）电源电压；（2）电阻R2的阻值；

（3）通电10s电阻R2消耗的电能．

四、 实验探究题 （本题共计 6 小题 ，每题 5 分 ，共计30分 ）

25. 用完全相同的装置分别给质量相等的甲、乙两种液体加热，绘制的温度—时间关系图象如图所示，由图象可知：

（1）甲、乙两种液体的初温________（选填“相同”或“不同“）．

（2）从开始加热到t1时刻，甲、乙两种液体吸收热量的关系是Q甲________Q乙．（3）甲、乙两种液体比热容的大小关系是c甲________c乙．（4）要想使两种液体升温—样快，应该增加________液体的质量．

26. 小组同学用如图的电路和如表中的金属丝探究“导体的电阻跟哪些因素有关”．编号材料长度/m横截面积/mm21铜丝0.50.12铁丝0.50.13镍铬合金丝0.50.14镍铬合金丝0.50.25镍铬合金丝1.00.1

（1）为了探究电阻与长度的关系，应选择编号为________的两根金属丝，先后接入A、B间，通过观察________来比较金属丝电阻的大小．

（2）选择编号为3、4的两根金属丝，先后接入A、B间，发现接入3号金属丝时灯泡的亮度比接

入4号时的更暗，说明4号金属丝的阻值更________（填“大”或“小”），这一实验表明：在其他条件相同时，________，电阻越大．

（3）选择编号为1、2的两根金属丝，先后接入A、B间，观察到两次灯泡亮度差别不大，无法进行比较，有同学建议用电流表代替小灯泡进行实验，这一做法是错误的，请简析原因________．

27. 在研究串联电路电流关系时，小军连接了如图所示的电路，闭合开关S后，他观察到电流表有示数，小灯泡L1发光，小灯泡L2不发光．于是小军认为电流从电源正极流出，流过小灯泡L1后就全部耗尽了，从小灯泡L1后到电源负极不再有电流流过．请你只利用图中的器

材设计一个实验，证明小军的说法是错误的．画出实验电路图，并简述实验步骤和实验现象．

28. 实践小组的同学们进行“伏安法测定小灯泡电阻”的实验，小灯泡的额定电压为2.5V（阻值约为10Ω），滑动变阻器规格为“20Ω1A”。

（1）请你将“伏安法测定小灯泡电阻”的实验电路图连接完整。

（2）滑动变阻器在在实验中除保护电路外，还有________作用。同学们把电路元件接入电路，刚接好最后根导线，灯泡就立即发光，发生这种观象的原因可能是________。

（3）经检查无误后，接通电路，向左移动滑动变阻器的滑片P，观察到________，表明小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的阻值为________Ω，继续向左移动滑片，则可能出现的现象有________。

（4）实验结束后，小组同学根据实验数据，绘制了如图丙所示的图像，分析图像可得出结论：________。

29. 网上传说，坦桑尼亚一个名叫姆佩巴的学生急于上课，将热牛奶放进了冰箱，令他惊奇的是，这

杯热牛奶比同时放入冰箱内的冷牛奶先结冰．有网友跟帖：热水比冷水结冰快．后来有人把这种现象叫做“姆佩巴效应”．你认为传说中的“姆佩巴效应”是真的吗？请你设计一个实验方案，验证这个说法是否正确．（温馨提示：注意实验方案的可操作性）（1）实验器材：________；（2）实验步骤：________；（3）实验结论：________．

30. 茗茗在做“探究电流与电压、电阻的关系”实验时，准备了以下器材：两节新的干电池，电流表、电压表、滑动变阻器、定值电阻（5Ω，10Ω，15Ω，20Ω）、开关、导线若干．

（1）在按图甲所示的电路图连接实物时，开关必须处于________状态；在实物图中，滑动变阻器的滑片要移到________（选填“最右端”或“最左端”）．

（2）图乙是茗茗连接好的实验电路，闭合开关后，她发现移动滑片的过程中，电流表的示数________（选填“变大”“变小”或“不变”，下同），电压表的示数________．

（3）墨墨在一旁观察后指出茗茗没有按照电路图正确连接实物，请你在实物图乙上对连接错误的一根导线打“×”，并用笔补画一根线代替导线将电路连接正确．

（4）问题解决后，他们接入10Ω的电阻进行实验，并得出下表中的数据，对数据进行分析后得出实验结论是________ ．电压U/V11.522.5电流I/A0.10.150.20.25

（5）接下来他们分别接入其他电阻再次对电流与电阻关系进行探究，并作出了如图丙所示图象，请你通过图象中所给信息计算出实验过程中滑动变阻器两端的电压U=________V．

参与试题解析

2022-2023学年初中九年级上物理期中试卷

一、 选择题 （本题共计 14 小题 ，每题 5 分 ，共计70分 ）1.

【答案】

D

【考点】半导体的特点半导体的作用【解析】

二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性。【解答】

制造发光二极管的主要材料是半导体材料。

2.

【答案】

D

【考点】

热传递改变物体内能【解析】

（1）热传递是能的转移过程，即内能从高温物体向低温物体转移的过程，在此过程中能的形式不发生变化；（2）做功实质是能的转化过程，做功的过程中能量的形式变了。【解答】

A、用毛巾反复擦身使身体发热，是通过做功方法改变物体内能的，此过程中机械能转化成内能，故A错误；B、子弹打进墙里，子弹克服摩擦力做功，子弹温度升高，故B错误；

C、把铁丝弯折几次，铁丝变热，是通过做功方法改变物体内能的，此过程中机械能转化为内能，故C正确；D、手伸到热水中，手的温度升高，是通过热传递的方法改变物体内能的，故D错误。3.

【答案】

D

【考点】导体和绝缘体【解析】

根据导体和绝缘体进行判断。容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体。【解答】

橡皮擦、塑料三角板、纸张等都不容易导电，是绝缘体；铅笔芯的主要成分是石墨，属于导体。

4.

【答案】

C

【考点】

分子动理论的基本观点【解析】

分子动理论基本观点：

（1）扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动，温度越高，分子运动越剧烈。注意：作答时一定要有“不停地”与“无规则”两个关键词。

（2）分子间存在引力和斥力；分子间距离越大，其作用力越微弱。（3）分子间存在间隙。【解答】

解：花气袭人说明扩散现象很明显，这是因为分子运动更剧烈导致的，温度越高分子热运动更剧烈，故A正确；一切分子都在不停地做无规则运动，故黏合剂中的甲醛也会有扩散到空气中，从而造成环境污染，故B正确；

胶带揭下纸上的错字，因为分子间存在引力作用，像胶带，便利贴，都是分子间的引力大于斥力作用，故C错误；

分子间距离越大，分子间作用力越小，当分子间的间距大于分子直径10倍时候，分子间的作用力已经微弱到几乎可以忽略，故D正确．

本题选错误的，故选C．

5.

【答案】

A

【考点】内燃机的四个冲程【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答

6.

【答案】

C

【考点】比热容的概念【解析】

(1)质量是1kg的某种物质温度升高1∘C吸收的热量，叫做这种物质的比热；

(2)质量相同的不同物质，升高温度相同时，需要的热量多少用公式Q=cm△t分析．(3)质量相同的不同物质，吸收相同热量时，温度变化用公式△t=Qcm比较．

【解答】

解：

A、液体的比热容不一定比固体的大，比如：冰比水银的比热容大．故A错误；

B、质量相等的水和煤油吸收相等的热量后，根据公式△t=Qcm知，煤油的温度变化大．故B错误；

C、由表中数据知，铝的比热容大于铜．质量相等的铜和铝，升高相同的温度，根据吸热公式Q=cm△t知，铝吸收的热量多．故C正确．

D、冰的比热容是2.1×103J/(kg⋅∘C)表示1kg冰温度每升高（或降低）1∘C，吸收（或放出）的热量是2.1×103J，故D错误．故选C．7.

【答案】

C

【考点】

物体带电情况的判断【解析】

同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。排斥的带有同种电荷，吸引的可能带有异种电荷，也可能带电体吸引不带电体。【解答】

甲、乙两个轻质小球相互排斥，说明甲、乙两个轻质小球带有同种电荷，玻璃棒带正电，甲球与带正电的玻璃棒相互吸引，则甲球带负电，故C正确。

8.

【答案】

B

【考点】

串联电路的电压规律电压表的使用【解析】

由图甲可知，电阻R1与R2串联，电压表V2则是两电阻串联电压，即电源电压，电压表V1则是电阻R2两端电压，根据串联电路特点确定电压表量程与分度值，读出电压表示数，然后由串联电路特点求出两电阻两端的电压．【解答】

解：由电路图可知，电压表V2的示数应大于电压表V1的示数，而两电压表指针位置相同，则电压表V2的量程是0∼15V，分度值是0.5V，电压表示数UV2=7.5V，电压表V1量程是0∼3V，分度值是0.1V，电压表示数UV1=1.5V，电阻R2的电压U2=UV1=1.5V，故选B．

电阻R1的电压U1=UV2−U2=7.5V−1.5V=6V．

9.

【答案】

D

【考点】

电流表、电压表在判断电路故障中的应用【解析】此题暂无解析【解答】

解：A．灯泡L短路时，灯泡不亮，电压表测电源两端的电压有示数，电阻R断路时，电路断路无电流，灯泡不亮，电压表串联在电路中测电源两端的电压有示数，故A正确；

B．用导线试触（短时连接）电阻R两端，灯泡亮说明R断路，灯泡不亮说明灯泡L短路，故B正确；

C．在电路中再串联一个电流表，若电流表有示数说明灯泡短路，若电流表无示数电阻R断路，故C正确；D．在L两端并联一个电压表，无论L短路，还是R断路，电压表都没有示数，故D错误．本题选不正确的，故选D．

10.

【答案】

B

【考点】

影响电阻大小的因素【解析】

由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比。导线相互连接处因为接触不良，易造成电阻变大，因为导线连接处与其他导线串联在电路中，通电时间是相同的，由焦耳定律可知电阻大的产生的热量越多，据此分析。【解答】

在家庭电路中，有时导线长度不够，需要把两根连接起来，导线相互连接处因接触不良，该处的电阻较大，导线连接处与导线串联在电路中，通过的电流相等、通电时间相等，根据Q＝IRt可知，连接处产生的热量较多，往往比别处更容易发热，加速导线老化，甚至引起火灾。

2

11.

【答案】

B

【考点】

电功计算公式的应用【解析】

已知甲、乙两个用电器两端电压之比、通过电流之比、通电时间之比，利用W=UIt可求得两电阻消耗电能之比．【解答】

解：已知甲、乙两个用电器的电压之比为2:1，电流之比为1:2，通电时间之比为5:4，则两电阻消耗电能之比：W1W2=U1I1t1U2I2t2=21×12×54=54，故B正确．故选B．

12.

【答案】

B

【考点】

串、并联电路的设计【解析】

分析各图连接方式，电压触发器（相当于电压表）所测电压，根据串联电路的分压原理分析常温或温度高于80∘C时电压表的示数情况，结合电压表）检测到电压低于1V时，触发蜂鸣器报警分析判断。【解答】

解：由题意知，当温度高于80∘C时，电压触发器（相当于电压表）检测到电压低于1V时，触发蜂鸣器报警，A．由图知，定值电阻与热敏电阻串联，电压表测热敏电阻两端电压，根据串联电路的分压原理知，在常温下U定值U热敏=R定值R热敏=100kΩ20kΩ=51，

且：U=U定值+U热敏=5V，所以U热敏=16U=16×5V<1V，即电压表示数小于1V，蜂鸣器报警；

∘

当温度高于80C后，热敏电阻电阻阻值变小，所以其分得电压更小，即电压表示数仍小于1V，蜂鸣器报警，故A不合题意；B．由图知，定值电阻与热敏电阻串联，电压表热敏电阻两端电压，在常温

下，U定值U热敏=R定值R热敏=1kΩ20kΩ=120，U热敏=2021U=2021×5V>1V，即电压表示数大于1V，蜂鸣器不报警，当温度高于80∘C后，热敏电阻电阻阻值变小，且低

于100Ω，U定值U热敏=R定值R热敏=1000Ω100Ω=101，U热敏=111U=111×5V<1V，即电压表示数小于1V，蜂鸣器报警，故B符合题意；

C．由图知，定值电阻与热敏电阻串联，电压表测定值电阻两端电压，在常温下，U定值=121U=121×5V<1V，即电压表示数小于1V，蜂鸣器报警，

当温度高于80∘C后，热敏电阻电阻阻值变小，且低于100Ω，所以其分得电压变小，定值电阻分得电压变大，

U定值U热敏=R定值R热敏=1000Ω100Ω=101，U13.

【答案】

1011U=1011×5V>1V，蜂鸣器不报警，故C不合题意；

定值=

D．同理，蜂鸣器无论如何都不报警，故D不合题意．故选B．

D

【考点】电路的动态分析【解析】

由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流。根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路工作、互不影响可知滑片移动时通过R1电流的变化，根据滑片的据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，进一步可知电压表示数与电流表A1示数乘积变化。【解答】

解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流．因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故A错误；因并联电路中各支路工作、互不影响，

所以，滑片移动时，通过R1的电流不变，滑片向动时，滑动电阻阻值变小，电流I2变大，所以D正确，

移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2电流的变化，进一步可知电压表示数与电流表A2示数比值变化，根

14.

【答案】

A

【考点】欧姆定律的应用【解析】

根据电路图可知，R1,R2串联，电流表测量电路电流，电压表测量滑动变阻器两端电压；

（1）当电压表示数为0时，电路为R2的基本电路，电路电流最大，根据欧姆定律表示出电源电压；当电压表示数为6V时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电流最小，根据串联电路特点和欧姆定律表示出电源电压，连接关系式求出电源电压和R2的阻值；

（2）根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最大阻值；（3）根据欧姆定律求出滑片P移动到中点时电压表示数．

【解答】

解：AC．当电压表示数为0时，电路为R2的基本电路，电路电流最大，由I=UR知，电源电压：U=ImaxR2=0.4A×R2①

当电压表示数为6V时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电流最小，由于串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电源电压：U=6V+0.2A×R2②

联立①②可得，U=12V , R2=30Ω，故A正确，C错误；

B．由I=UR可得，滑动变阻器的最大阻值：R1=UmaxImin=6V0.2A=30Ω，故B错误；D．滑片在中点时，电路电流： I=UR=12V30Ω+12×30Ω=415A，

总

由I=UR知，滑片P移动到中点时电压表示数：U1=IR中=415A×12×30Ω=4V，故D错误．故选A．

二、 填空题 （本题共计 6 小题 ，每题 5 分 ，共计30分 ）15.

【答案】串【考点】

电路的基本连接方式【解析】

为了更安全，电热暖手宝采用双重温控保护开关，只要有一处温度过高就自动切断电路，两个开关应该是串联．【解答】

解：电热暖手宝采用双重温控保护开关，两个开关是相互影响的，只有同时闭合才行，故应该是串联．

16.

【答案】

20,横截面积

【考点】

影响电阻大小的因素欧姆定律的应用电阻【解析】

根据欧姆定律求出导体的电阻；导体的电阻大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关。【解答】

将一导体单独接在电源电压恒为4V的电路上，通过导体的电流为0.5A，该导体的电阻为：R＝＝将该导体对折后接在同电源上，导体的长度变短，通过的电流为0.8A，说明电阻减小了。

；

17.

【答案】

,（1）电能表的标定电流为10A,（2）每消耗1kW⋅h电能，电能表转盘转动3000r

【考点】

电能表参数的理解与电功的测量【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答

18.

【答案】

2:3

【考点】欧姆定律的应用并联电路的电流规律串联电路的电压规律【解析】

当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，电压表甲测量串联电阻的总电压，电压表乙测量R2两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律表示出两电压表的示数之比求出两电阻之比；

当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，R1和R2并联，甲电流表测量R2的电流，乙电流表测量R1和R2总电流，根据欧姆定律和并联电路的电压特点求出通过两电阻的电流之比，再根据并联电路的电流特点求出两电流表的示数之比．【解答】

解：当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，R1和R2串联，等效电路如下图所示：

则U=U甲 ，U2=U乙，

由题知，U甲:U乙=3:1，即U:U2=3:1，

串联电路各处的电流相等，且总电阻等于各分电阻之和，所以根据欧姆定律可得：

U2U=IR2I(R1+R2)=R2R1+R2=13，

解得：R1R2=21；

若甲、乙均为电流表时，断开开关S，R1和R2并联，等效电路如下图所示：

并联电路各支路两端的电压相等，I1I2=UR1UR2=R2R1=12

并联电路总电流等于各支路电流之和，I甲I乙=I2I1+I2=23．

19.

【答案】

6,2

【考点】

欧姆定律的应用【解析】

(1)由电路图可知，当电流表并联在R1两端时，R2、R3串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电

压；

(2)电流表换成了电压表时，三电阻串联，电压表测R1两端的电压，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出R1两端的电压．【解答】

解：由电路图可知，当电流表并联在R1两端时，R1被短路，R2、R3串联，电流表测电路中的电流．因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由I=UR可得，

电源的电压：U=I(R2+R3)=0.3A×(10Ω+10Ω)=6V；此时电路中的电流：

电流表换成了电压表时，三电阻串联，电压表测R1两端的电压，

I′=UR1+R2+R3=6V10Ω+10Ω+10Ω=0.2A，由I=UR可得，电压表的示数：U1=I′R1=0.2A×10Ω=2V．20.

【答案】

440,1、2,2200

【考点】电功率的计算欧姆定律的应用【解析】

分析清楚开关接哪两个点时，电功率的大小，从而确定档位，根据电功率公式分析求解．【解答】

22

解：开关S接1、2时，R1与R2并联接入电路，R3被短路，此时电功率为P1=UR1+UR2，2

开关S接2、3时，只有R2接入电路，R3被短路，此时电功率为P2=UR2，2

开关S接3、4时，R2与R3串联接入电路，此时电功率为P3=UR2+R3，

显然开关接1、2时为高温挡，开关接2、3时为中温挡，开关接3、4时，为低温挡．

2

将U=220V，R2=44Ω，P3=100W代入P3=UR2+R3，解得R3=440Ω．22

将U=220V，R1=R2=44Ω代入P1=UR1+UR2，解得P1=2200W．三、 解答题 （本题共计 4 小题 ，每题 5 分 ，共计20分 ）21.

【答案】详细见解答．【考点】导体和绝缘体

静电现象的应用与防护

【解析】

解答此题的关键在于理解导体的概念的相关知识，掌握导体：容易导电的物体叫导体．如：金属，人体，大地，酸、碱、盐的水溶液等．【解答】

解：这是因为在运输过程中，油与油罐摩擦，会使油罐带电．在油罐与地面间连上铁链，铁链是导体，能及时将电荷导入大地，避免放电产生的火花引燃汽油．

22.

【答案】

燃气完全燃烧放出的热量为6.3×105J；

∘

水升高的温度为85C。【考点】燃料的热值热量的计算【解析】

（1）已知天然气的热值取q＝4.2×107J/m3，利用Q＝mq可求得天然气完全燃烧放出的热量；

（2）烧水时燃气完全燃烧放出热量被水吸收，知道水的体积，可求得水的质量，已知水的比热容，利用吸热公式Q吸＝cm△t变形求水升高的温度。【解答】

燃气完全燃烧放出的热量：Q放＝qV＝4.2×107J/m3×0.015m3＝6.3×105J；因为烧水时燃气完全燃烧放出热量的60%被水吸收，

则水吸收的热量：Q吸＝Q放×60%＝6.3×105J×60%＝3.78×105J；由Q吸＝cm△t可得：△t＝

＝

＝90∘C；

水末温为15∘C+90∘C＝105∘C；由于标准气压下水的沸点是100∘C，所以水升高的温度为100∘C−15∘C＝85∘C。

23.

【答案】

（1）减小

（2）UR+URx

（3）电源两端的电压6V，定值电阻Rx=10Ω．【考点】电路的动态分析并联电路的电流规律欧姆定律的应用【解析】此题暂无解析【解答】

解：（1）可变电阻R与Rx并联，电流表测干路电流，当R增大时，支路电压等于电源电压不变，由I=UR可知，R支路上的电流减小，Rx支路上电流不变，所以电流表示数减小．

（2）并联电路的各支路电流之和等于干路电流，所以I=UR+URx．（3）根据（2）中的I与R的关系，

将图乙中的（0，−0.1）和（0.6，0）代入关系式，解得Rx=10Ω，U=6V．

24.

【答案】

（1）电源电压为12V；

（2）电阻R2的阻值为15Ω；

（3）通电10s电阻R2消耗的电能为96J．【考点】电功的计算欧姆定律的应用并联电路的电压规律并联电路的电流规律【解析】此题暂无解析【解答】

解：（1）电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R1的电流：

I1=I−I2=2A−0.8A=1.2A，

因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I=UR可得，电源的电压：

U=I1R1=1.2A×10Ω=12V;

（2）根据I=UR可得，电阻R2的阻值：R2=UI2=12V0.8A=15Ω；

（3）通电10s电阻R2消耗的电能：W1=UI1t=12V×0.8A×10s=96J．

四、 实验探究题 （本题共计 6 小题 ，每题 5 分 ，共计30分 ）25.

【答案】（1）不同（2）=（3）<（4）甲【考点】

实验：比较不同物质吸热的情况【解析】

（1）根据图象解答．

（2）加热时间相同，吸热相同．（3）根据Q=cmΔt分析．

（4）根据Q=cmΔt分析．【解答】

解：（1）由图可知，甲、乙两种液体的初温不同．

（2）从开始加热到t1时刻，甲、乙两种液体的加热时间相同，则吸收的热量相同，所以Q甲=Q乙．

（3）由图可知，从开始加热到t2时刻，甲、乙两液体吸收的热量相同，末温相同，但乙的初温高，所以Δt乙<Δt甲，

又m甲=m乙．根据公式c=Qm⋅Δt可知，c甲（4）因为Q=Q，又Δt甲=Δt乙，c甲m，所以应该增加甲液体的质量．

′甲′乙′甲′乙′甲′乙

26.

【答案】

（1）3、5,灯泡的亮度

（2）小,横截面积越小

（3）电流过大，烧坏电流表【考点】

影响电阻大小的因素【解析】

（1）根据电阻是阻碍电流大小的因素，而与其串联的灯泡通过灯泡的明暗程度可以反映电流的大小进行分析；

导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积有关，在研究“导体的电阻跟哪些因素有关”的问题时需根据控制变量法进行分析；（2）从题目中找出3、4的相同因素和不同因素，研究的是电阻与不同因素的关系；（3）在电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比；串联电路具有分压作用。【解答】

解：（1）为了探究电阻与长度的关系，要控制两根金属丝的材料和横截面积相同，而长度不同，所以应选编号为3、5两根金属丝；该实验中通过观察灯泡的亮暗来比较金属丝电阻的大小，这种方法是转换法；（2）编号为3、4的两根电阻丝，材料相同、长度相同，而横截面积不同；

3号电阻丝的横截面积小，3号电阻丝接入电路时灯泡暗，说明电路中电流小，则3号电阻丝的电阻大；4号电阻丝接入电路时灯泡亮，说明电路中电流大，则4号电阻丝的电阻小，所以通过实验得到的结论是：在材料、长度相同的情况下，导体横截面积越小，电阻越大；

（3）金属丝的电阻较小，如果用电流表代替小灯泡串联在电路中，有可能因电路中电流太大而烧坏电流表或电源，所以这一做法是错误的，而在电路中串联一个灯泡，既能通过观察电流表示数大小比较电阻大小，又能利用灯泡分担部分电压，起到保护电路的作用．

27.

【答案】

(1)电路图如图所示：

(2)实验步骤和实验现象：闭合开关S，观察到小灯泡L1发光，小灯泡L2不发光，电流表有示数，所以这一实验现象说明小军的观

点是错误的．【考点】

探究串并联电路中的电流特点实验【解析】

本题考查探究串联电路中电流规律的实验设计能力，并要求记住串联电路的电流规律是电流处处相等，灯泡的亮度取决于实际功率，而不只是电流的大小．【解答】

解：L1比L2亮，是由于L1的实际功率大的原因，而不是离正极近，为排除认为离正极近电流就大，也就亮的猜想，应把两灯泡调换一下位置再观察，或用电流表分别测出各点的电流再比较，串联电路中电流是处处相等的．

28.

【答案】

因为小灯泡的额定电压为2.5V，阻值约为10Ω＝＝0.25A，滑动变阻器一上一下的串联在电路中

改变小灯泡两端的电压,电路连接过程中开关没有断开电压表示数为2.5V,8.3,小灯泡变亮

小灯泡两端的电压和电流之比不是定值【考点】

伏安法测电阻的探究实验【解析】

（1）根据小灯泡的额定电压为2.5V和阻值约为10Ω算出灯泡正常工作时的电流，据此判断出电流表的量程，滑动变阻器一上一下的串联在电路中；

（2）要测量灯在不同电压下的电阻大小，据此分析；连接电路时，为保护电路，要断开开关；

（3）灯在额定电压下正常发光，根据图中电流表小量程读数，根据欧姆定律算出小灯泡正常发光时的阻值；小灯泡两端的电压变大，电流变大，灯泡变亮；（4）小灯泡的电阻随温度的变化而变化。【解答】

因为小灯泡的额定电压为2.5V，阻值约为10Ω＝＝0.25A，滑动变阻器一上一下的串联在电路中

滑动变阻器的基本作用是保护电路，此实验中主要作用是改变小灯泡两端的电压及通过电阻的电流；连接好最后一根导线，灯泡立即发光；

灯在额定电压下正常发光，所以检查无误后，向左移动滑动变阻器的滑片P，表明小灯泡正常发光；图乙中电流表选用小量程，分度值为5.02A，小灯泡的电阻为：R＝

＝

≈8.4Ω；

滑片向左移动，滑动变阻器的电阻减小知，电路的电流增大，根据P＝UI知小灯泡的实际功率变大；由图知图像不是直线表示小灯泡两端的电压和电流之比不是定值。

29.

【答案】

（1）两个相同的杯子、天平、热水、冷水、冰柜、钟表

（2）①在两个相同的杯子中，分别装入适量的等质量的热水和冷水；②将两杯水同时放入同一冰柜中进行冷冻；③每隔适当时间，观察水的状态变化情况

（3）若热水先结冰，则传说中的说法是真的；若冷水先结冰或同时结冰，则传说中的说法是假的【考点】

控制变量法与探究性实验方案【解析】

要比较冷水和热水谁结冰快，需要选用相同的烧杯、相同质量的冷水和热水、用钟表测量结冰的时间，放在同一冰柜中，比较结冰时间得出结论。【解答】

解：（1）实验器材：两个相同的杯子、天平、热水、冷水、冰柜、钟表；

（2）实验步骤：①在两个相同的杯子中，分别装入适量的等质量的热水和冷水；②将两杯水同时放入同一冰柜中进行冷冻；③每隔适当时间，观察水的状态变化情况．

（3）实验结论：若热水先结冰，则传说中的说法是真的；若冷水先结冰或同时结冰，则传说中的说法是假的．

30.

【答案】

（1）断开,最左端（2）不变,不变

（3）如解答图所示．

（4）当电阻一定时，电流与电压成正比（5）1【考点】

探究电流与电压、电阻的关系实验【解析】此题暂无解析【解答】

解：（1）在按电路图连接实物时，为了保护电路，开关必须处于断开状态，滑动变阻器的滑片要处于阻值最大处，即要移到最左端．

（2）由图可知，滑动变阻器与电压表串联后再与电阻并联在一起，根据电压表的特点可知，通过滑动变阻器的电流为0，当移动滑动变阻器滑片时，电压表测量的是电阻两端的电压，也是电源电压，保持不变，电流也保持不变，故电流表、电压表示数都不变．

（3）定值电阻与滑动变阻器应串联在电路中，电压表应测量定值电阻两端的电压，故电路的错误之处和改进方法如图：

（4）接入10Ω的电阻进行实验，根据实验数据可知，在电阻一定时，电压越大，电流越大，电流与电压成正比．（5）由图可知，该图象为反比例函数，当电流为0.4A时，电阻为5Ω，则电压为：U=IR=0.4A×5Ω=2V，滑动变阻器两端的电压应为：3V−2V=1V．